a)

$n_{NaOH} = 0,32(mol) ; n_{Ag} = 0,5(mol)$

$n_{anđehit} = \dfrac{1}{2}n_{Ag} = 0,25(mol)$

$n_{NaOH\ dư} = 0,32 - 0,25 = 0,07(mol)$

$\Rightarrow m_{muối} = 26,8 - 0,07.40 = 24(gam)$
$n_{este} = n_{muối} = n_{ancol} = n_{anđehit} = 0,25(mol)$

$\Rightarrow M_{muối} = \dfrac{24}{0,25} = 96(C_2H_5COONa)$

$M_{este} = \dfrac{25,5}{0,25} = 102$

Suy ra : Este là : $C_2H_5COOC_2H_5$

b)

$C_2H_5OH \xrightarrow{t^o,xt} C_2H_4 + H_2O$

(Etilen)

$2C_2H_5OH \xrightarrow{t^o,xt} C_2H_5OC_2H_5 + H_2O$
(Đietyl ete)

Chọn đáp án C

Xử lí dữ kiện Z: RCH₂OH → 2 [ O ]  RCOOH + H₂O || RCH₂OH → [ O ]  RCHO + H₂O.

T + KHCO₃ → 0,1 mol CO₂ ⇒ n_RCOOH = 0,1 mol || T + AgNO₃/NH₃ → 0,8 mol Ag.

TH1: R khác H ⇒ n_RCHO = 0,4 mol ⇒ ∑n_H2O = 0,1 + 0,4 = 0,5 mol. Lại có:

n_{RCH2OH dư} + n_RCOOH + n_H2O = 2n_H2 ⇒ n_{RCH2OH dư} = – 0,2 mol ⇒ loại.

TH2: R là H ⇒ T gồm CH₃OH dư, HCOOH, HCHO và H₂O ⇒ n_HCHO = 0,15 mol.

||⇒ ∑n_H2O = 0,25 mol ⇒ n_{CH3OH dư} = 0,05 mol ⇒ ∑n_Z = 0,3 mol.

► RCOONa + NaOH → Ca , t 0  RH + Na₂CO₃ ⇒ xảy ra 2 trường hợp:

● NaOH đủ hoặc dư ⇒ n_RH = n_Z = 0,3 mol ⇒ M_khí = 8,4 ÷ 0,3 = 28 (CH₂=CH₂).

⇒ chỉ có 1 muối là CH₂=CHCOONa ⇒ chỉ có 1 este là CH₂=CHCOOCH₃ ⇒ vô lí!

● NaOH thiếu, muối dư ⇒ n_NaOH = n_khí = 8,4 ÷ (R + 1).

||⇒ m_Y = 0,3 × (R + 67) + 40 × 8,4 ÷ (R + 1) = 40,2(g). Giải phương trình cho:

+ R = 27 (CH₂=CH-) ⇒ loại tương tự trên.

+ R = 39 (C₃H₃-) ⇒ nhận vì có 2 đồng phân là: HC≡C-CH₂- và CH₃-C≡C-

⇒ ∑n_NaOH = 8,4 ÷ 40 + 0,3 = 0,51 mol. Bảo toàn khối lượng:

► m = 40,2 + 0,3 × 32 - 0,51 × 40 = 29,4(g) ⇒ chọn C.

Đáp án C

n _Ag = 0,8 mol   và n _H2 = 0,2 mol  , n _CO2 = 0,1 mol

TH₁  => n _RCHO = 0,4 mol   => n _H2O  = 0,4 mol ( theo PTHH )

=> Số mol H₂ do nước tạo ra là 0,4 : 2 = 0,2 mol (vô lý vì khi đó ancol không sinh ra H₂ )

=> Rơi vào trường hợp 2

=> CH₃OH , HCHO , HCOOH

=> a = n _HCHO = 0,15 mol

=> n _H2O = 0,15 + 0,1 = 0,25 mol

=> x = n _CH3OH = 0,2 . 2 – 0,25 – 0,1 = 0,05 mol

=> n _{CH3OH ( ban đầu} ) = 0,05 + 0,15 + 0,1 = 0,3 mol

=> n _Este = n _CH3OH = 0,3 mol

RCOONa + NaOH  → RH + Na₂CO₃

0,3 =>                            0,3 mol

=> M _khí = 8,4 : 0,3 = 28  => R = 27  => là C₂H₃

=> Este là CH₂=CH-COOCH₃ : loại vì este này không có đồng phân phù hợp

Số mol của RH phải tính theo NaOH ( muối dư sau phản ứng )

=> n _NaOH =  8 , 4 R + 1

=> 40,2 = m _RCOONa + m _NaOH

= 0,3 . ( R + 67 ) + 40 .  8 , 4 R + 1

=> R = 39  => R là C₃H₃

C₂H-CH₂-COOCH₃

CH₃-C=C-COO-CH₃

m _Este = 0,3 . 98 = 29,4 g

Đáp án C

Xử lí dữ kiện Z: RCH₂OH    RCOOH + H₂O || RCH₂OH  RCHO + H₂O.

T + KHCO₃ → 0,1 mol CO₂ ⇒ n_RCOOH = 0,1 mol || T + AgNO₃/NH₃ → 0,8 mol Ag.

TH1: R khác H ⇒ n_RCHO = 0,4 mol ⇒ ∑n_H2O = 0,1 + 0,4 = 0,5 mol. Lại có:

n_{RCH2OH dư} + n_RCOOH + n_H2O = 2n_H2 ⇒ n_{RCH2OH dư} = – 0,2 mol ⇒ loại.

TH2: R là H ⇒ T gồm CH₃OH dư, HCOOH, HCHO và H₂O ⇒ n_HCHO = 0,15 mol.

||⇒ ∑n_H2O = 0,25 mol ⇒ n_{CH3OH dư} = 0,05 mol ⇒ ∑n_Z = 0,3 mol.

► RCOONa + NaOH    RH + Na₂CO₃ ⇒ xảy ra 2 trường hợp:

● NaOH đủ hoặc dư ⇒ n_RH = n_Z = 0,3 mol ⇒ M_khí = 8,4 ÷ 0,3 = 28 (CH₂=CH₂).

⇒ chỉ có 1 muối là CH₂=CHCOONa ⇒ chỉ có 1 este là CH₂=CHCOOCH₃ ⇒ vô lí!

● NaOH thiếu, muối dư ⇒ n_NaOH = n_khí = 8,4 ÷ (R + 1).

||⇒ m_Y = 0,3 × (R + 67) + 40 × 8,4 ÷ (R + 1) = 40,2(g). Giải phương trình cho:

+ R = 27 (CH₂=CH-) ⇒ loại tương tự trên.

+ R = 39 (C₃H₃-) ⇒ nhận vì có 2 đồng phân là: HC≡C-CH₂- và CH₃-C≡C-

⇒ ∑n_NaOH = 8,4 ÷ 40 + 0,3 = 0,51 mol. Bảo toàn khối lượng:

► m = 40,2 + 0,3 × 32 - 0,51 × 40 = 29,4(g) ⇒ chọn C.       

Chọn đáp án B

Ta có:

→ m k t = 0 , 2 . 100 = 20   ( g )

Chọn C

Đáp án C

Nung Z với vôi tôi xút thu được ancol nên Z sẽ có nhóm COONa

Z tác dụng với CuO cho andehit nên Z có nhóm OH

Mặt khác, X tác dụng với NaOH thu được chất Z duy nhất.

Vì vậy, X sẽ là este vòng, không nhánh

Như vậy, công thức của Z là công thức của đáp án C

Đáp án : D